Ejercicio Resuelto. ∬
Consideramos la sucesión básica definida como M_n := \bar{B}((0,0), 1-\frac{1}{n}) bola cerrada (comprobar que es básica para la integración de f en D). Ya que f función integrando es positiva en D, la integral existe y su valor no depende de la sucesión básica particular. Así: \iint_D f := \lim_{n\to +\infty} \iint_{M_n} f Ya que la sucesión básica se define en una bola y el integrando es mansito en el contexto, conviene hacer un cambio a coordenadas polares: x=\rho \cos \theta, y=\rho \sin \theta ; |\det J\varphi| = \rho ; con \rho \in [0,1-\frac{1}{n}], \theta \in [0,2\pi[. La integral doble sobre M_n queda como: \int_0 ^{2\pi} \int_0 ^{1-\frac{1}{n}} \frac{\rho \mathrm{d}\rho \mathrm{d}\theta}{ \sqrt{(1-\rho^2)} ^{5a}} = 2\pi \int_0 ^{1-\frac{1}{n}} \rho (1-\rho^2) ^{-5a/2} \mathrm{d}\rho \color{red} = Asumiendo -5a/2 \neq -1: Metemos el 2 y multiplicamos por -1 para convertir a la integral inmediata, y así obtener: \color {red} = \color{black} -\pi \left [ \frac{(1-\rho^2)^{\frac{2-5a}{2}}}{\frac{2-5a}{2}} \right ]_{\rho =0} ^{1-\frac{1}{n}} = \frac{2\pi}{2-5a} \left ( 1-\sqrt{ \left ( \frac{2n-1}{n^2} \right )^{2-5a}} \right ) Tomando límite en la expresión anterior, la integral es convergente cuando 2-5a>0 \equiv a<\frac{2}{5}; y converge a \frac{2\pi}{2-5a} en dicho supuesto. Si -5a/2 = -1 \equiv a=2/5, resulta de la integración: 2\pi \int_0 ^{1-\frac{1}{n}} \rho (1-\rho^2) ^{-1} \mathrm{d}\rho = -\pi \int_0 ^{1-\frac{1}{n}} \frac{-2\rho \mathrm{d}\rho}{1-\rho^2} = -\pi \left [ \ln |1-\rho^2 | \right ]_0 ^{1-\frac{1}{n}} , y el límite de la expresión anterior es divergente (+\infty) ya que el argumento del logaritmo se aproxima a cero. Por tanto, la integral impropia no converge en este caso.
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